Hỗn hợp X gồm hai este đơn chức, mạch hở, là đồng phân cấu tạo của nhau. Thủy phân hoàn toàn m gam X bằng dung dịch NaOH rồi cô cạn, được 40,2 gam chất rắn Y và a gam một ancol Z. Nung Y với CaO cho đến khi phản ứng kết thúc, thu được 8,4 gam một chất khí. Oxi hóa a gam Z thu được hỗn hợp T gồm axit cacboxylic, andehit, ancol dư và nước. Cho T tác dụng hết với Na dư, thu được 4,48 lít H₂ (đktc). Cho T vào dung dịch KHCO₃ dư, thoát ra 2,24 lít CO₂ (đktc). Cho T ...

Đáp án C

Xử lí dữ kiện Z: RCH₂OH    RCOOH + H₂O || RCH₂OH  RCHO + H₂O.

T + KHCO₃ → 0,1 mol CO₂ ⇒ n_RCOOH = 0,1 mol || T + AgNO₃/NH₃ → 0,8 mol Ag.

TH1: R khác H ⇒ n_RCHO = 0,4 mol ⇒ ∑n_H2O = 0,1 + 0,4 = 0,5 mol. Lại có:

n_{RCH2OH dư} + n_RCOOH + n_H2O = 2n_H2 ⇒ n_{RCH2OH dư} = – 0,2 mol ⇒ loại.

TH2: R là H ⇒ T gồm CH₃OH dư, HCOOH, HCHO và H₂O ⇒ n_HCHO = 0,15 mol.

||⇒ ∑n_H2O = 0,25 mol ⇒ n_{CH3OH dư} = 0,05 mol ⇒ ∑n_Z = 0,3 mol.

► RCOONa + NaOH    RH + Na₂CO₃ ⇒ xảy ra 2 trường hợp:

● NaOH đủ hoặc dư ⇒ n_RH = n_Z = 0,3 mol ⇒ M_khí = 8,4 ÷ 0,3 = 28 (CH₂=CH₂).

⇒ chỉ có 1 muối là CH₂=CHCOONa ⇒ chỉ có 1 este là CH₂=CHCOOCH₃ ⇒ vô lí!

● NaOH thiếu, muối dư ⇒ n_NaOH = n_khí = 8,4 ÷ (R + 1).

||⇒ m_Y = 0,3 × (R + 67) + 40 × 8,4 ÷ (R + 1) = 40,2(g). Giải phương trình cho:

+ R = 27 (CH₂=CH-) ⇒ loại tương tự trên.

+ R = 39 (C₃H₃-) ⇒ nhận vì có 2 đồng phân là: HC≡C-CH₂- và CH₃-C≡C-

⇒ ∑n_NaOH = 8,4 ÷ 40 + 0,3 = 0,51 mol. Bảo toàn khối lượng:

► m = 40,2 + 0,3 × 32 - 0,51 × 40 = 29,4(g) ⇒ chọn C.