Cho 0,08 mol hỗn hợp X gồm bốn este mạch hở phản ứng vừa đủ với 0,17 mol H₂ (xúc tác Ni, t^o), thu được hỗn hợp Y. Cho toàn bộ Y phản ứng vừa đủ với 110 ml dung dịch NaOH 1M, thu được hỗn hợp Z gồm hai muối của hai axit cacboxylic no có mạch cacbon không phân nhánh và 6,88 gam hỗn hợp T gồm hai ancol no, đơn chức. Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 0,01 mol X cần vừa đủ 0,09 mol O₂. Phần trăm khối lượng của muối có phân tử khối lớn hơn trong Z là

Đáp án B

« Giả thiết “chữ”: hai axit có mạch cacbon không phân nhánh nên axit đơn chức hoặc hai chức.

· Giải đốt 0,11 mol hai ancol no, đơn chức, mạch hở nặng 6,88 gam.

® Phân tích ancol về 0,11 mol H₂O + 0,35 mol CH₂ ® số mol O₂ cần đốt là 0,525 mol.

Vì n_Y = n_X = 0,08 mol < 0,11 mol NaOH nên Y gồm este đơn chức và ests hai chức.

Giải số mol hai muối trong Z là 0,05 mol axit đơn chức và 0,03 mol axit hai chức.

Đốt 0,08 mol X cần 0,72 mol O₂; đốt 0,17 mol H₂ cần 0,085 mol O₂ nên đốt Y cần 0,805 mol O₂.

Gọi số mol CO₂ và H₂O sinh ra khi đốt Y lần lượt là x và y mol:

· Bảo toàn nguyên tố O có: 2x+y=0,085×2+0,05×2+0,03×4

· Tương quan đốt có: x-y=neste hai chức=0,03

Theo đó, giải hệ được x = 0,62 mol và y = 0,59 mol ® bảo toàn khối lượng có m_Y = 12,14 gam. Sơ đồ thủy phân:

® Bảo toàn khối lượng ta có m_Z = 9,66 gam. Với các muối trong Z có dạng như trên, ta có phương trình: 0,05×14n+54+0,03×14m+106=9,66→5n+3m=27.

Nhìn nhanh: n chia hết cho 3 nên n = 3, tương ứng, m = 4 là cặp nghiệm nguyên thỏa mãn.

Theo đó, Z gồm 0,05 mol C₂H₅COONa và 0,03 mol C₂H₄(COONa)₂.

Yêu cầu: %mmuối có phân tử khối lớn hơn trong Z=0,03×1629,66×100%≈50,31%.