X, Y là hai axit cacboxylic no, đơn chức, mạch hở, đồng đẳng kế tiếp (MX2 (đktc) thu được CO₂ và H₂O có số mol bằng nhau. Mặt khác, 7,48 gam hỗn hợp E trên phản ứng tối đa với 100ml dung dịch KOH 1M (đun nóng). Cho các phát biểu sau về X, Y, Z, T:(1) Phần trăm khối lượng của Y trong E là 19,25%.(2) Phần trăm số mol của X trong E là ...

Đáp án A.

BTKL khi đốt E: mE+mO2=44nCO2+18nH2O→nCO2=nH2O=0,26 mol .

X, Y là 2 axit no, đơn chức mạch hở → T là este 2 chức

→ T chứa ít nhất 2π → đốt E cho nCO2>nH2O.

Mà ∑nCO2=∑nH2O đốt cháy Z cho nCO2

Bài toán: 

Ta có hệ:  

→ T là este 2 chức nên nT=0,02 mol mol

Gọi số gốc CH₂ ghép vào axit và ancol là a và b (va>0; b≥0→0,1a+0,04b=0,08) 

Ta thấy b<2 => b= 0 hoặc b= 1 

ü Với b=0 →CH2 ghép hết vào axit => a= 0,8.

=> 2 axit là HCOOH (0,02) và CH₃COOH (0,08).

Có nZ=0,02 mol=nHCOOH. Vô lý, do nHCOOH>0,02 → Loại

ü Với  b= 1 →Z là C3H6(OH)3 => còn dư 0,04 mol CH₂ cho axit.

2 axit là HCOOH (0,06 mol) và CH₃COOH (0,04 mol).

Có nZ=0,02 mol nên E gồm:  

Xét các phát biểu:

(1) Phần trăm khối lượng của Y trong E là 19,25% → Sai. Vì %mY=16,04%.

(2) Phần trăm số mol của X trong E là 12%. → Sai. Vì %nX=40%.

(3) X không làm mất màu dung dịch Br₂. → Sai, X có nhóm CHO- làm mất màu nước Br₂.

(4) Tổng số nguyên tử cacbon trong phân tử T là 5. → Sai, vì tổng số C trong T là 6.

(5) Z là ancol có công thức là C₂H₄(OH)₂. → Sai, vì Z có công thức C₃H₆(OH)₂.

→ Số phát biểu sai là 5