Cho X, Y, Z là 3 este đều đơn chức, mạch hở (trong đó X no; Y và Z không no, có hai liên kết pi và đều có đồng phân hình học). Đốt cháy 43,24 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z sản phẩm cháy dẫn qua dung dịch Ca(OH)₂ dư, sau phản ứng, khối lượng dung dịch giảm 69 gam so với dung dịch Ca(OH)₂ ban đầu. Mặt khác, cho 10,81 gam E với 300ml dung dịch NaOH 0,5M vừa đủ, thu được hỗn hợp T chỉ chứa 2 muối và hỗn hợp gồm 2 ancol kế tiếp thuộc cùng dãy đồng đẳng. Khối lượng của muối có phân ...

Chọn đáp án A

Yêu cầu liên quan đến 10,81 gam E nên đồng nhất toàn bộ số liệu bằng cách chia 4 các giả thiết đầu.

Ta có: 10,81 gam hỗn hợp este E (đều đơn chức) + 0,15 mol NaOH → n_E = n_{COO trong E} = 0,15 mol

Giải đốt 10,81 gam E (0,15 mol) + O₂ → x mol CO₂ + y mol H₂O

Khi cho (CO₂ và H₂O) vào dung dịch Ca(OH)₂ dư → △m_{dung dịch giảm} = 56x – 18y = 17,25 gam.

Lại có m_E = 12x + 2y + 0,15 x 32 = 10,81 gam →x = 0,435 mol và y = 0,395 mol

→ tương quan đốt:  = n_Y + n_Z = 0,04 mol → n­_X = 0,11 mol.

Chú ý: Y, Z không no, có đồng phân hình học và thủy phân cho ancol nên số C_Y và C_Z  5.

(cấu tạo thỏa mãn cần số C ít nhất thỏa mãn là: HCOOCH₂CH=CHCH₃ hoặc CH₃CH=CHCOOCH₃)

→ Chặn số số 2 ≤ C_X ≤ (0,435 – 0,04 x 5) : 0,11 = 2,136 → số C_X = 2 → X là HCOOCH₃

∙ Biện luận – phân tích giả thiết chữ: hai ancol đồng đẳng nên ancol còn lại rõ là C₂H₅OH

Thủy phân E chỉ cho hai muối mà một muối là HCOONa (no rồi)

→ một muối còn lại phải là không no, có một nối đôi C=C và là axit tạo cùng este Y và Z

Rõ hơn, este Y là C_nH_2n-1COOCH₃ và Z là C_nH_2n-1COOC₂H₅ (→ Y, Z là đồng đẳng kế tiếp)

Đơn giản, tính lại số C_{trung bình của Y và Z} = ⁰,435 – 0,11 x 2) : 0,04 = 5,375

→ C_Y = 5 và số C_Z = 6 → Y là CH₃CH=CHCOOCH₃ và Y là CH₃CH=CHCOOC₂H₅

Đọc yêu cầu bài tập, chỉ quan tâm tới lượng muối có phân tử khối lớn hơn trong F

→ là 0,04 mol C₃H₅COONa → m_{yêu cầu} = 4,32 gam.