X, Y, Z là 3 este đều đơn chức, mạch hở (trong đó Y và Z không no chứa một liên kết C=C và có tồn tại đồng phân hình học, M_Y < M_Z). Đốt cháy 21,62 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z với oxi vừa đủ, sảm phẩm cháy dẫn qua dung dịch Ca(OH)₂ dư thấy khối lượng dung dịch giảm 34,5 gam so với trước phản ứng. Mặt khác đun nóng 21,62 gam E so với 300 mL dung dịch NaOH 1M (vừa đủ), thu được hỗn hợp F chỉ chứa 2 muối và hỗn hợp gồm 2 ancol kế tiếp thuộc cùng dãy đồng đẳng. Khối ...

Đáp án C

21,62 gam E (este đều đơn chức)

+ vừa đủ 0,3 mol NaOH

→ n_{COO trong E}= 0,3 mol

♦ giải đốt 21,62 gam E 

(CO₂ + H₂O) + Ca(OH)₂ dư có

Δm_{dung dịch giảm} = 56x – 18y = 34,5 gam.

Lại có:

 m_E = 12x + 2y + 0,3 × 32 = 21,62 gam

→ giải x = 0,87 mol và y = 0,79 mol.

→ tương quan

∑n_CO2 – ∑n_H2O = n_{Y + Z} = 0,08 mol

→ n_X = 0,22 mol.

chú ý:

Y, Z không no và thủy phân

cho ancol nên số C_{Y, Z} ≥ 4.

Chặn số:

C_{trung bình của X} < (0,87 – 0,08 × 4) ÷ 0,22 = 2,5

→ số C_X = 2 hay X là HCOOCH₃.

♦ Biện luận: hai ancol đồng đẳng

nên ancol còn lại là C₂H₅OH.

Thủy phân E chỉ cho 2 muối mà

1 muối là HCOONa (no rồi) 

→ 1 muối còn lại phải là không no

 1 C=C là gốc axit của Y và Z.

Nghĩa là Y là C_nH_{2n – 1}COOCH₃ 

và Z là C_nH_{2n – 1}COOC₂H₅ 

(Y, Z đồng đẳng kế tiếp)

Đơn giản, tính lại số

C_{trung bình Y, Z} 

= (0,87 – 0,22 × 2) ÷ 0,08 = 5,375

→ số C_Y = 5 và số C_Z = 6.

tuy nhiên, đọc kĩ yêu cầu bài tập

→ chỉ quan tâm muối lớn trong F là

0,08 mol C₃H₅COONa 

⇄ m_{yêu cầu} = 8,64 gam.