Bài 1. Tính giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ nhất của hàm số:
    a) \(y{\rm{ }} = {\rm{ }}{x^3}-{\rm{ }}3{x^2}-{\rm{ }}9x{\rm{ }} + {\rm{ }}35\) trên các đoạn \([-4; 4]\) và \([0;5]\) ;
    b) \(y{\rm{ }} = {\rm{ }}{x^4}-{\rm{ }}3{x^2} + {\rm{ }}2\) trên các đoạn \([0;3]\) và \([2;5]\);
    c) \(y = \) trên các đoạn \([2;4]\) và \([-3;-2]\);
    d) \(y = \sqrt {5 - 4{\rm{x}}}\) trên đoạn \([-1;1]\).
Giải
a) Xét \(D = [-4; 4]\)
\(y' = 3{{\rm{x}}^2} - 6{\rm{x}} - 9;y = 0 \Leftrightarrow \left[ \matrix{
x = 3 \in D \hfill \cr
x = - 1 \in D \hfill \cr} \right.\) 
Ta có: \(y(-4) = -41; y(4) = 15; y(-1) = 40; y(3) = 8\)
Vậy \(\eqalign{
& \mathop {\max y}\limits_{x \in \left[ { - 4;4} \right]} = 40 \cr 
& \mathop {\min y}\limits_{x \in \left[ { - 4;4} \right]} = - 41 \cr}\)
Xét \(D = [0; 5]\)
\(y' = 0 \Leftrightarrow \left[ \matrix{
x = 3 \in D \hfill \cr
x = - 1 \notin D \hfill \cr} \right.\)
Ta có \(y(0) = 35; y(5) = 40; y(3) = 8\)
Vậy \(\mathop {\max y}\limits_{\left[ {0;5} \right]}  = 40;\mathop {\min y}\limits_{\left[ {0;5} \right]}  = 8\)
b) \(y' = 4{x^3} - 6x = 2x\left( {2{x^2} - 3} \right);y' = 0\left[ \matrix{x = 0 \hfill \cr x = \sqrt \hfill \cr x = - \sqrt \hfill \cr} \right.\)
- Với \(D = [0; 3]\) thì \(x =  - \sqrt  \notin D\) 
Ta có \(y\left( 0 \right) = 2;y\left( 3 \right) = 56;y\left( {\sqrt } \right) =  - {1 \over 4}\) 
Vậy \(\mathop {\min y}\limits_{\left[ {0;3} \right]}  =  - {1 \over 4};\mathop {\max y}\limits_{\left[ {0;3} \right]}  = 56\)
Với \(D = [2; 5]\) thì \(x = 0;x =  \pm \sqrt \) đều không thuộc \(D\) nên \(y(2) = 6; y(5) = 552\).
Vậy \(\mathop {\min y}\limits_{\left[ {2;5} \right]}  = 6;\mathop {\max y}\limits_{\left[ {2;5} \right]}  = 552\) 
c)  \(y = ;y' = {1 \over {{{\left( {x - 1} \right)}^2}}} > 0;\forall x \ne 1\)
Với \(D = [2; 4]: y(2) = 0\); \(y\left( 4 \right) = {2 \over 3}\). Vậy \(\mathop {\min y}\limits_{\left[ {2;4} \right]}  = 0;\mathop {\max y}\limits_{\left[ {2;4} \right]}  = {2 \over 3}\) 
Với \(D = [-3; -2]\): \(y\left( { - 3} \right) = {5 \over 4};y\left( { - 2} \right) = {4 \over 3}\). Vậy \(\mathop {\min }\limits_{\left[ { - 3; - 2} \right]} y = {5 \over 4};\mathop {\max y}\limits_{\left[ { - 3;2} \right]}  = {4 \over 3}\)
d)  
\(\eqalign{
& D = \left[ { - 1;1} \right]:y' = {{ - 2} \over {\sqrt {5 - 4x} }} < 0,\forall x \in \left[ { - 1;1} \right] \cr
& y\left( { - 1} \right) = 3;y\left( 1 \right) = 1 \cr} \)
Vậy \(\mathop {\min y}\limits_{\left[ { - 1;1} \right]}  = 1;\mathop {\max y}\limits_{\left[ { - 1;1} \right]}  = 3\)